第4讲 数据计算题——面对新颖，沉着应对
题型解读
在高中生物学知识中许多知识都可以量化，涉及的定量计算题主要是依据生物学原理，运用数学工具来解决生物学中的问题。计算题的核心在于通过定量计算考查学生对相对概念、原理和生理过程的理解和掌握程度。定量计算题的取材主要涉及蛋白质、DNA、光合作用与细胞呼吸、细胞分裂、遗传育种、基因频率、种群数量、食物链与能量流动等方面的内容。此类试题主要考查考生对生物学的基本原理和规律的应用，以及对各种生物量之间数量关系的理解。
备考指导
1．碱基互补配对原则及肽键的有关计算。DNA碱基数、mRNA碱基数、密码子数、氨基酸数、肽键数或蛋白质（多肽）的相对分子质量之间的数量关系（不考虑基因结构）：
蛋白质（多肽）的氨基酸数N?密码子数N?mRNA碱基数3N?DNA碱基数6N
即基因中的碱基数（指双链）、RNA分子中的碱基数、蛋白质分子中的氨基酸数关系是6∶3∶1。
2．光合作用、细胞呼吸计算。注意运用光合作用、细胞呼吸化学方程式进行定量计算：
（1）一般地，在温度等条件相同，而光强不同的情况下，其呼吸速率相同。
（2）计算植物体在一定时间内有机物质量变化时可按以下方法计算：（设有机物质量变化为Δm，V1表示真正光合作用速率，V2表示表观光合作用速率，V0表示呼吸作用速率，T1表示光照时间，T2表示黑暗处理时间）
方法1：Δm＝V1×T1－V0×（T1＋T2）
方法2：Δm＝V2×T1－V0×T2
3．半保留复制计算。根据半保留复制特点，DNA复制n次所得的全部DNA分子中，只含有原亲代两条链，该两条链进入两个不同的DNA分子中（即只有两个DNA分子含有原亲代链）；新合成的子代DNA相当于2n－1个，其中n表示复制次数。
4．遗传概率的计算。遗传变异及育种方面（如相关概率的计算）运算的总原则是：参照孟德尔遗传定律，多对性状时每次只分析其中一对，然后再综合。
（1）一对相对性状遗传实验
P1：Aa×Aa→AA、Aa、aa（1∶2∶1）
①子代中AA占、Aa占、aa占；②纯合子（稳定遗传）占、杂合子占；③子代中去除aa（家系分析中常见），则AA占、Aa占。
P2：Aa×aa→Aa、aa（1∶1）
①子代中Aa占、aa占；②纯合子（稳定遗传）占、杂合子占。
（2）两对或多对相对性状遗传实验
P1：AaBb×AaBb→①后代的结合方式数4×4＝16；②基因型3×3＝9（两对先看一对，后综合）；③表现型2×2＝4，比例：A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb＝9∶3∶3∶1，其中能稳定遗传的AABB∶AAbb∶aaBB∶aabb＝1∶1∶1∶1（为四种）；④任一基因型概率：如Aabb＝×＝。
P2：AaBb×aabb→①后代的结合方式数4×1＝4；②基因型2×2＝4（两对先看一对，后综合）；③表现型2×2＝4，比例：AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶1∶1∶1，其中能稳定遗传的是aabb（为一种）；④任一基因型概率：如Aabb＝×＝。
（3）伴性遗传（常见的是伴X染色体隐性遗传）分析
P1：XAXa×XAY→XAXA、XAXa、XAY、XaY（1∶1∶1∶1）
①女儿全部正常，儿子中一半患病（常用于性别诊断）；
②患病孩子概率为，正常孩子概率为；
③生男生女患病比例不同，可判断为伴X染色体遗传。
P2：XAXa×XaY→XAXa、XaXa、XAY、XaY（1∶1∶1∶1）
①女儿、儿子中各有一半患病（不能进行性别诊断）；
②患病孩子概率为，正常孩子概率为；
③生男生女患病比例相同，可能与常染色体遗传相混淆。
P3：XaXa×XAY→XAXa、XaY（1∶1），可用于通过性状来区分性别。
以上结论在解题时要熟练运用，悉心体会其中的规律。
5．基因频率的计算
种群中某基因频率＝该基因控制的性状纯合子频率＋杂合子频率。
种群中一对等位基因的A、a频率之和等于1，种群中基因型频率之和等于1。A＋a＝1；AA＋Aa＋aa＝1。
AA的基因型频率＝A×A；aa的基因型频率＝a×a；Aa的基因型频率＝2×A×a。
A的基因频率＝AA＋Aa；a的基因频率＝aa＋Aa。
基因频率＝某基因总数÷某基因和其等位基因的总数（×100%）。
基因型频率是指群体中具有某一基因型的个体所占的比例。
基因型频率＝某基因型的个体数÷种群个体总数（×100%）。
6.能量流动与传递的计算。
（1）相邻两个营养级之间能量传递效率＝×100%。
（2）在食物网中求最大（小）值时，既要考虑能量传递效率，又要考虑食物链的长短。在没有具体说明的情况下，能量传递效率为10%～20%，即能量传递最低效率为10%，最高效率为20%。所以在食物链中能量传递的“最大（小）值”的计算存在着下列关系：
【例1】 已知某原核基因转录得到的RNA分子中＝2，则该基因的非模板链中的值为（ ）
A．1 B．0.5 C．0.25 D．0.125
解析：绘下图
经等量代换求解。
答案：B
【例2】 图甲表示某绿色植物光合作用中光照强度和氧气释放速率的关系。图乙表示该植物在不同温度（15 ℃和25 ℃）下，某一光照强度时氧气释放量和时间的关系。请据图回答下列问题。
（1）当图乙纵坐标分别表示光合作用所产生氧气的净释放量和总量时，则它们分别是在光照强度为__________klx和__________klx下的测定值。
（2）若该植物的呼吸商（呼吸商＝呼吸放出的CO2量/呼吸消耗的O2量）为0.8，在25 ℃条件下，1 h内呼吸作用放出的CO2量为__________ mL。
（3）若该植物的呼吸商为0.8，在25 ℃、4 klx光照强度下，该植物进行光合作用时除完全利用呼吸所产生的CO2外，每小时还应从外界吸收CO2__________ mL。
（4）在4 klx光照强度下，25 ℃时该植物每小时光合作用所产生的葡萄糖量是15 ℃时的__________倍，这主要是因为___________________________________________________。
解析：本题主要考查运用光合作用（呼吸作用）的化学方程式进行计算的能力。由于涉及曲线图文转换以及“呼吸商”这一新概念，所以也考查获取知识能力和推理能力。分析“CO2与O2交换速率”与“光照强度、CO2浓度、温度”等关系曲线或图表，运用光合作用、呼吸作用化学方程式进行定量计算。
（1）图乙中净释放量在25 ℃时为50 mL/h,15 ℃为40 mL/h，对应图甲中光照强度为4 klx。图甲中虚线和实线应分别为25 ℃、15 ℃条件下光合速率，则呼吸速率分别为20 mL/h、10 mL/h。又由于图乙中总释放量25 ℃为50 mL/h，则净释放量为50－20＝30 mL/h；15 ℃为40 mL/h，则净释放量为40－10＝30 mL/h，两者均对应图甲中光强为2.5 klx。
（2）该植物在25 ℃条件下，1 h内呼吸作用消耗O2量为20毫升，则放出的CO2量＝呼吸消耗的O2量×0.8＝16 mL。
（3）在25 ℃、4 klx光照强度下，呼吸商为0.8时，该植物进行光合作用时共释放O2量50＋20＝70 mL，故吸收CO2亦为70 mL，由第（2）知呼吸释放16 mL，所以还需从外界补充70－16＝54 mL。
（4）在4 klx光照强度下、25 ℃制造的葡萄糖量与15 ℃制造的葡萄糖量比值为（50＋20）∶（40＋10）＝1.4。
答案：（1）4 2.5 （2）16 （3）54 （4）1.4 温度影响光合作用中酶的活性
【例3】 1926年，美国的一位生态学家研究了一块玉米地的能量流动情况，得到如下数据：
太阳辐射能
共收割玉米植株
在整个生长过程中玉米呼吸消耗的葡萄糖
备 注
8.5×1012 kJ
10 000株，质量合计6 000 kg，共含碳2 675 kg
2 045 kg
1 kg葡萄糖储存1.6×107 kJ能量
（1）计算：这些玉米在整个生长季节所固定的太阳能总量是__________，呼吸消耗的能量占所固定太阳能总量的比例是________，这块玉米田的太阳能利用效率是________。
（2）根据计算，画出能量流经该玉米种群的图解，图解中应标明各环节能量利用和散失的比例。
解析：（1）10 000株，质量合计6 000 kg，共含碳2 675 kg，换算成葡萄糖量为：×2 675＝6 687.5 kg，而1 kg葡萄糖储存1.6×107 kJ能量，故这些玉米在整个生长季节所积累的太阳能总量是6 687.5×1.6×107＝1.07×1011 （kJ）；这些玉米呼吸作用消耗的能量是3.272×1010 kJ（计算公式为ΔE呼＝ΔMG×1.6×107）；这些玉米在整个生长季节所固定的太阳能总量是1.397 2×1011 kJ（计算公式为E固＝EG＋ΔE呼），呼吸作用消耗的能量占所固定太阳能的比例是23.4%；这块玉米田的太阳能利用效率是1.64%（计算公式为η＝1.397 2×1011/8.5×1012）。
（2）根据计算的数据，运用“能量流程图”绘出图解。
答案：（1）1.397 2×1011 kJ 23.4% 1.64%
（2）
触类旁通1 有一多肽，分子式为C69H121O21N25S，将它彻底水解后，只得到下列四种氨基酸：①H2N—CH2—COOH，②H2N—（CH2）5—CH（NH2）—COOH，③HS—CH2—CH（NH2）—COOH，④则控
制该多肽合成的基因中至少有多少个碱基对？（ ）
A．30个 B．46个 C．48个 D．60个
触类旁通2 为了调查太湖某一水层是否有自养生物存在，及其产氧量能否维持本层水体生物呼吸耗氧所需，可用黑白瓶法测定该水层生物昼夜平均代谢率来判定。白瓶为透明玻璃瓶，其水体溶解O2的昼夜变化值为水中生物光合作用产生的O2与呼吸消耗的O2的差值（以WDO表示）；黑瓶为黑布罩住的玻璃瓶，瓶中水体溶解O2的昼夜变化值为水中生物呼吸消耗的O2（以BDO表示）。请完成下列实验。
（1）实验步骤：
①用采水器取该层水样，分别注满500 mL黑、白瓶并密封，剩余水样用于测__________；
②将黑、白瓶_______________________________________________________________；
③________________________________________________________________________。
（2）设计记录所测数据的表格。
（3）预测实验结果并分析。
（4）若该水层存在自养生物，光照时间为12小时，试写出其光合作用平均速率计算公式。
1．下列关于氨基酸和蛋白质的叙述，错误的是（ ）
A．甲硫氨酸的R基是—CH2—CH2—S—CH3，则它的分子式是C5H11O2NS
B．酪氨酸几乎不溶于水，而精氨酸易溶于水，这种差异是由R基的不同引起的
C．n个氨基酸共有m个氨基，则这些氨基酸缩合成的一个多肽中的氨基数必为m－n
D．甜味肽的分子式为C13H16O5N2，则甜味肽一定是一种二肽
2．在一定浓度的CO2和适当的温度条件下，测定A植物和B植物在不同光照条件下的光合速率，结果如下表，以下有关说法错误的是（ ）
光合速率与呼吸速率相
光饱和时
光饱和时CO2
黑暗条件下
A植物
1
3
11
5.5
B植物
3
9
30
15
注：光饱和：当光照强度增加到某一点后，再增加光照强度，光合强度也不增加的现象。
A．与B植物相比，A植物是在弱光照条件下生长的植物
B．当光照强度超过9 klx时，B植物光合速率不再增加，造成这种现象的原因是暗反应跟不上光反应
C．当光照强度为9 klx时，B植物的总光合速率是45 mg CO2/100 cm2叶·小时
D．当光照强度为3 klx时，A植物与B植物固定的CO2量的差值为4 mg CO2/（100 cm2叶·小时）
3．（2012·山东临沂质检）灰兔和白兔杂交，F1全是灰兔，F2雌雄个体相互交配，F2中有灰兔、黑兔和白兔，比例为9∶3∶4，则（ ）
A．家兔的毛色受一对等位基因控制
B．F2灰兔中能稳定遗传的个体占1/16
C．F2灰兔基因型有4种，能产生4种比例相等的配子
D．F2中黑兔与白兔交配，后代出现白兔的概率是1/3
4．（2012·山东菏泽模拟）艾滋病病毒属于RNA病毒，具有逆转录酶，如果它的一段RNA含碱基A 23%、C 19%、G 31%，则通过逆转录过程形成的双链DNA中碱基A的比例是（ ）
A．23% B．25% C．31% D．50%
5．用15N标记含有100个碱基对的DNA分子，其中有胞嘧啶60个，该DNA分子在含14N的培养基中连续复制4次。其结果不可能是（ ）
A．含有15N的DNA分子占1/8
B．含有14N的DNA分子占7/8
C．复制过程中需腺嘌呤脱氧核苷酸600个
D．连续复制4次共产生16个DNA分子
6．（2012·贵阳期末）设处于遗传平衡的某个种群，A基因频率为p，a基因频率为q，且2pq>p2>q2，若AA基因型个体不断被淘汰，则该种群AA、Aa、aa三种基因型频率的变化过程为（ ）
A．②→③→④ B．③→④→① C．①→②→④→③ D．②→③→④→①
7．（2012·西安八校联考）一只羊在一年内吃100 kg的草，排出20 kg的粪，长了10 kg的肉（不考虑其他散失），下列有关说法不正确的是（ ）
A．该羊一年的同化量是80 kg
B．第一营养级到第二营养级的能量传递效率为10%
C．20 kg的粪属于羊未同化的能量
D．该羊一年的呼吸量是70 kg
8．一块玉米地在一个生长季节中的能量流动情况：收获的玉米所含全部能量折合成葡萄糖质量为a kg；玉米细胞呼吸消耗葡萄糖质量为b kg，每1 kg葡萄糖储存c kJ能量；在整个生长季节中，入射到这块玉米田的太阳能总量为d kJ。下列各项叙述中不正确的是（ ）
A．这些玉米储存的能量是a×c kJ
B．这些玉米在整个生长季节固定的太阳能总量是（a＋b）c kJ
C．该农田生态系统的能量传递效率是（a＋b）c/d
D．将玉米秸秆做饲料或发酵制成酒精燃料，可以提高对能量的利用率
9．（2012·山东高考押题）追求健康、预防疾病是全世界人民的心愿，了解遗传病的发病规律、宣传健康知识是公民应尽的义务。分析下图的某一家族的遗传系谱图，回答有关问题。
（1）从系谱图上可以看出，第Ⅰ代将色盲基因传递给Ⅲ-10个体的途径是__________（用数字和“→”表示），这种传递特点在遗传学上称为__________。
（2）如果色觉正常基因为B，红绿色盲基因为b，正常肤色基因为A，白化病基因为a，Ⅱ-4个体的基因型为__________。Ⅲ-7个体完全不携带这两种致病基因的概率是__________。
（3）红绿色盲基因位于__________染色体上，而白化病基因则位于__________染色体上。
（4）假设Ⅰ-1个体不携带色盲基因，如果Ⅲ-8个体与Ⅲ-10个体婚配，后代两病都患的概率是__________，因此法律规定禁止__________。
10．下图是我国北方某草原生态系统的模型，数字代表能量数值，单位是J/（cm2·a），请回答下列问题。
（1）流入该生态系统的总能量为__________J/（cm2·a）。
（2）图中揭示生态系统的主要功能是______________。在该生态系统中由第一营养级流向第二营养级时的传递效率是__________。若要维持该生态系统的正常功能，还需要不断地获得________________。
（3）下表显示该草原生态系统哺乳动物和鸟类的生存受到威胁的各种原因及比例。从表中可以看出，该生态系统哺乳动物受到威胁的主要原因是_________________________。
原 因
哺乳动物
鸟 类
偷 猎
31%
20%
丧失栖息地
32%
60%
生物入侵
17%
12%
其他原因
20%
8%
11．请回答下列有关光合作用和呼吸作用的问题。
（1）下表为某同学探究影响植物光合作用因素所做的实验。据图表可知，探究的影响因素有________________。要比较不同颜色的光对光合作用的影响，应选择的容器标号是________________。
容器
植物
部位
光质
温度/℃
O2增加量（mL·8－1·h－1）
1
天竺葵
叶
红
22
120
2
天竺葵
叶
黄
22
15
3
天竺葵
根
红
22
－10
4
紫罗兰
叶
红
22
80
5
紫罗兰
叶
黄
22
10
（2）图甲表示在光照充足、CO2浓度适宜的条件下，温度对某植物的真正光合作用速率和呼吸作用速率的影响。图中实线表示光合作用速率，虚线表示呼吸作用速率。请据图回答下列问题。
分析图解可知，光合作用、呼吸作用都受到温度的影响，其中与__________作用有关的酶对高温更为敏感。温度主要影响光合作用的__________阶段。光反应阶段产生的[H]和ATP用于暗反应中__________过程。若昼夜不停地光照，该植物生长的最适宜温度约是__________；若温度均保持在20 ℃的条件下，长时间每天交替进行12 h光照、12 h黑暗，该植物能否正常生长？__________。在温度为10 ℃的条件下，该植物叶肉细胞中产生ATP的场所有______________________________________________________________________。
（3）根据图甲，在图乙的坐标上画出植物在15～60 ℃范围内的净光合作用速率的变化曲线。
参考答案
精要例析·聚焦热点
【触类旁通1】 D 解析：观察发现四种氨基酸都只有2个氧（1个羧基），若设四种氨基酸总数为X，则根据“O”守恒：2X－（X－1）＝21，得X＝20，所以控制该多肽合成的基因中至少有20×3＝60个碱基对。
【触类旁通2】 解析：本题要求考生对实验设计过程进行补充，对实验结果进行预测并分析。这是对探究性学习内容的考查，探究的问题是：太湖某一水层是否有自养生物存在，及其产氧量能否维持本层水体生物呼吸耗氧所需。黑白瓶法测定是否有自养型生物，实际上就是测定光合作用和呼吸作用。解题关键是光合作用、呼吸作用的分析与计算。
如果水中生物光合作用产生的O2与呼吸消耗的O2的差值（WDO）比水中生物呼吸消耗的O2（BDO）的值不相等，则说明该水层中有自养生物；如果水中生物光合作用产生的O2与呼吸消耗的O2的差值（WDO）和水中生物呼吸消耗的O2（BDO）的值相等，则说明该水层中没有自养生物。
为了增加实验的科学性，要遵循重复平行原则，所以应采用多组实验，取其平均值。
由于W光＝WDO＋BDO，故12 h内光合作用平均速率为（WDO＋BDO）/12 mg O2/（L·h）。
答案：（1）①溶解氧浓度 ②放回原水层 ③24 h后取出黑、白瓶测溶解氧浓度
（2） 黑、白瓶溶解氧变化记录表（mg/L）
（3）若WDO≠BDO，则有自养生物；若WDO＝BDO，则无自养生物；若WDO≥0，则该水层产氧量能维持生物耗氧量所需。
（4）（WDO＋BDO）/12 mg O2/（L·h）
创新模拟·预测演练
1．C 解析：A项正确，根据氨基酸的结构通式，画出甲硫氨酸的结构式，不难得出答案；B项正确，R基不同决定了不同氨基酸的结构和功能特性的不同；C项错误，多肽中的氨基数等于全部氨基酸的氨基数减去肽键数加1，题中的氨基数应为m－n＋1；D项正确，含有2个N原子的肽链，只能是二肽。
2．B 解析：由题表格信息可知，A植物在弱光下就能达到光饱和点，所以，A植物为阴生植物，所以A项正确；当植物达到光饱和点时，再增加光照强度，光合速率不再上升的原因，有可能受制于色素的含量，所以B项错误；总光合速率等于净光合速率加呼吸速率，所以C、D项正确。
3．D 解析：9∶3∶4实质上是9∶3∶3∶1的变式，所以家兔毛色受两对独立遗传的等位基因控制；灰色（A_B_）占所有子代的9/16，AABB占所有子代的1/16，所以灰兔中能稳定遗传的个体占1/9；F2灰兔基因型有（1/9AABB、2/9AABb、2/9AaBB、4/9AaBb）4种，可产生的AB配子占1/9＋2/9×1/2＋2/9×1/2＋4/9×1/4＝4/9，同理可算出Ab和aB配子各占2/9，ab配子占1/9。若A_bb表现黑色（AAbb∶Aabb＝1∶2），则和aabb杂交，后代出现aabb的概率为1/2×2/3＝1/3。
4．B 解析：由题意可知：该RNA中U的含量为27%，根据逆转录的碱基配对关系，推导出形成的双链上的碱基A的比例分别是27%、23%，则双链中碱基A的比例是（27%＋23%）/2＝25%。
5．B 解析：用15N标记的DNA分子含有100个碱基对共200个碱基，其中胞嘧啶有60个，则腺嘌呤共有40个，连续复制4次，共得到子代DNA 16个，需腺嘌呤的个数为（16－1）×40＝600。由于DNA的复制为半保留复制，可知，含15N的DNA分子占2/16＝1/8，含有14N的占100%。
6．B 解析：开始时因2pq>p2>q2说明Aa最多，aa最少，所以第1幅图应为③。随着AA不断被淘汰，A基因频率p下降，a基因频率q不断上升，Aa个体下降，aa个体上升，最终aa会超过Aa，所以第二幅图为④，第三幅图为①。
7．B 解析：羊一年的同化量＝摄入量－粪便量＝80 kg。粪便是羊未同化的能量。羊一年的呼吸量＝同化量－有机物积累量＝70 kg。题干中未指出草的同化量，故不能计算出第一营养级到第二营养级的能量传递效率。
8．C 解析：据题意可知，收获玉米所含全部能量折合成葡萄糖质量为a kg；玉米细胞呼吸消耗葡萄糖质量为b kg，每1 kg葡萄糖储存c kJ的能量，所以，这些玉米储存的能量是a×c kJ，在整个生长季节固定的太阳能总量是（a＋b）c kJ，因为没有玉米传递给下一营养级的能量数值，所以不能推算该生态系统的能量传递效率。
9．解析：（1）Ⅲ10个体的色盲基因来源是：Ⅰ2→Ⅱ5→Ⅲ10，这种现象叫交叉遗传。（2）由于Ⅲ8个体是白化病患者，故一定有一个白化基因是来自Ⅱ4个体的，因此，Ⅱ4个体的基因型为AaXBXb。Ⅱ3个体基因型是AaXBY，按分离定律，Aa×Aa→1/3AA、2/3Aa，又从图中可知Ⅲ7不是色盲男子，由此可以判断Ⅲ7个体完全不携带这两种致病基因的概率是1/3AA×100%XBY＝1/3AAXBY。（3）由遗传系谱图可推断出色盲病属于伴X遗传病，白化病为常染色体遗传病。（4）Ⅲ8个体1/2aaXBXb，1Ⅲ10个体的基因型为2/3AaXbY，因此后代两病皆患的概率是1/12。
答案：（1）Ⅰ2→Ⅱ5→Ⅲ10 交叉遗传 （2）AaXBXb 1/3 （3）X 常 （4）1/12 近亲结婚
10．解析：（1）流经该生态系统的总能量是生产者固定的能量，一共有625＋175＋200＝1 000 J/（cm2·a）。（2）生态系统的主要功能是能量流动和物质循环。能量由第一营养级（生产者）流向第二营养级（初级消费者）的传递效率是200/1 000×100%＝20%。若要一个生态系统能长久维持下去还必须有源源不断的太阳能补充进来。（3）从表中数据可以看出该生态系统的哺乳动物受到威胁的主要原因是偷猎和丧失栖息地。
答案：（1）1 000
（2）能量流动和物质循环 20% 来自该系统以外的能量
（3）偷猎和丧失栖息地
11．解析：光合作用速率与呼吸作用速率的差值表示净光合作用速率，表解如下：
温度/℃
15
20
25
30
35
40
45
50
55
60
光合速率
2
3.5
6.5
8
7
5
1
0
0
0
呼吸速率
1.5
2
2.5
3
4.2
5.1
5
3.5
1.7
0
差值
0.5
1.5
4
5
2.8
0
－4
－3.5
－1.7
0
温度主要影响光合作用的暗反应阶段，因为暗反应阶段需要多种酶的催化；由表格数据可以看出在30 ℃时，植物的净光合作用速率最大，有机物积累量最大，因此如果昼夜不停地光照，在30 ℃时最适宜植物的生长；在温度为20 ℃、12小时光照条件下有机物积累量为12×1.5，12小时黑暗条件下有机物的消耗量为12×2，由数据可以看出，白天有机物的积累量不能满足夜间呼吸作用消耗，从全天来看，有机物积累量为负值，植物不能正常生长。
答案：（1）光质、植物的部位、植物种类 1和2、4和5
（2）光合 暗反应 C3的还原 30 ℃ 不能 叶绿体、线粒体、细胞质基质
（3）如图。注意15 ℃、30 ℃、45 ℃、60 ℃这几个关键的点要对准。
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