1.
所以函数f(x)的单调递增区间为(0,1),单调递减区间为(1,+∞).
(2)由函数g(x)=xf(x)+p(2x2-x-1)=xln x+p(x2-1)(x>0),得g′(x)=ln x+1+2px.
由(1)知,当p=1时,f(x)≤f(1)=0,
即不等式ln x≤x-1成立.
①当p≤-时,g′(x)=ln x+1+2px≤(x-1)+1+2px=(1+2p)x≤0,
即函数g(x)在[1,+∞)上单调递减,从而g(x)≤g(1)=0,满足题意;
②当-0,1+2px>0,
从而g′(x)=ln x+1+2px>0,即函数g(x)在上单调递增,从而存在x0∈使得g(x0)>g(1)=0,不满足题意;
③当p≥0时,由x≥1知g(x)=xln x+p(x2-1)≥0恒成立,此时不满足题意.
综上所述,实数p的取值范围为.
集合与常用逻辑用语 函数、导数及其应用
(时间120分钟,满分150分)
一、选择题(本题共12小题,每小题5分,共60分)
1.(2012·广州调研)已知函数f(x)=若f(1)=f(-1),则实数a的值等于( )
A.1 B.2
C.3 D.4
解析:选B 根据题意,由f(1)=f(-1)可得a=1-(-1)=2.
2.(2012·江西高考)若全集U=,则集合A=的补集?UA为( )
A. B.
C. D.
解析:选C 因为U={x∈R|x2≤4}={x∈R|-2≤x≤2},A={x∈R||x+1|≤1}={x∈R|-2≤x≤0}.借助数轴易得?UA={x∈R|0c
C.ab>c
解析:选B ∵a=log23+log2=log23,b=log29-log2=log23,
∴a=b.
又∵函数y=logax(a>1)为增函数,
∴a=log23>log22=1,c=log32c.
8.(2012·南昌一模)函数y=x-1的图象关于x轴对称的图象大致是( )
解析:选B 函数y=x=,该函数的图象就是抛物线y2=x在x轴及其以上的部分,故函数y=x-1=-1是将上述图象向下平移一个单位得到的,再作其关于x轴对称的图象,即选项B中的图象.
9.(2012·长春第二次调研)若a>2,则函数f(x)=x3-ax2+1在(0,2)内零点的个数为( )
A.3 B.2
C.1 D.0
解析:选C 依题意得f′(x)=x2-2ax,由a>2可知,f′(x)在x∈(0,2)时恒为负,即f(x)在(0,2)内单调递减,又f(0)=1>0,f(2)=-4a+1<0,因此f(x)在(0,2)内只有一个零点.
10.(2012·河南三市第二次调研)设U为全集,对集合X,Y,定义运算“*”,X*Y=?U(X∩Y).对于任意集合X,Y,Z,则(X*Y)*Z=( )
A.(X∪Y)∩?UZ B.(X∩Y)∪?UZ
C.(?UX∪?UY)∩Z D.(?UX∩?UY)∪Z
解析:选B 依题意得(X*Y)=?U(X∩Y)=(?UX)∪(?UY),(X*Y)*Z=?U[(X*Y)∩Z]=?U[?U(X∩Y)∩Z]={?U[?U(X∩Y)]}∪(?UZ)=(X∩Y)∪(?UZ).
11.(2012·重庆高考)已知f(x)是定义在R上的偶函数,且以2为周期,则“f(x)为[0,1]上的增函数”是“f(x)为[3,4]上的减函数”的( )
A.既不充分也不必要的条件 B.充分而不必要的条件
C.必要而不充分的条件 D.充要条件
解析:选D 由题意可知函数在[0,1]上是增函数,在[-1,0]上是减函数,在[3,4]上也是减函数;反之也成立.
12.下列命题:
①?x∈R,不等式x2+2x>4x-3均成立;
②若log2x+logx2≥2,则x>1;
③“若a>b>0且c<0,则>”的逆否命题是真命题;
④若命题p:?x∈R,x2+1≥1,命题q:?x∈R,x2-x-1≤0,则命题p∧(綈q)是真命题.其中真命题为( )
A.①②③ B.①②④
C.①③④ D.②③④
解析:选A 由x2+2x>4x-3推得x2-2x+3=(x-1)2+2>0恒成立,故①正确;根据基本不等式可知要使不等式log2x+logx2≥2成立需要x>1,故②正确;由a>b>0得0<<,又c<0,可得>,则可知其逆否命题为真命题,故③正确;命题p是真命题,命题q是真命题,所以p∧(綈q)为假命题,故④不正确.
二、填空题(本题共4小题,每小题5分,共20分)
13.(2013·河北质检)函数y=log(3x-a)的定义域是,则a=________.
解析:由3x-a>0得x>.因此,函数y=log(3x-a)的定义域是,所以=,即a=2.
答案:2
14. (2012·南通一调)设P是函数y=(x+1)图象上异于原点的动点,且该图象在点P处的切线的倾斜角为θ,则θ的取值范围是________.
解析:依题意得,y=x+x,y′=x+x-(x>0),当x>0时,y′=x+x-≥2 =,即该图象在点P处的切线的斜率不小于,即tan θ≥.又θ∈[0,π),因此≤θ<,即θ的取值范围是.
答案:
15.(2012·山东高考)若函数f(x)=ax(a>0,a≠1)在[-1,2]上的最大值为4,最小值为m,且函数g(x)=(1-4m)在[0,+∞)上是增函数,则a=________.
解析:函数g(x)在[0,+∞)上为增函数,则1-4m>0,即m<.若a>1,则函数f(x)在[-1,2]上的最小值为=m,最大值为a2=4,解得a=2,=m,与m<矛盾;当00,则-x<0,∴f(x)=x-2,f(-x)=-x+2=-(x-2),即f(x)=-f(-x),
又f(0)=0,∴f(x)=是奇函数,∴③不符合条件;对于④,函数f(x)=x2-x-1+ln x的定义域为(0,+∞),故它既不是奇函数也不是偶函数,∵f′(x)=2x-1+==>0,∴函数f(x)在(0,+∞)上单调递增,又f(1)=1-1-1+0=-1<0,f(e)=e2-e-1+1=e(e-1)>0,∴函数f(x)在(1,e)上存在零点,∴④符合条件.
答案:②④
三、解答题(本题共6小题,共70分)
17.(本小题满分10分)已知函数y=f(x)的图象关于原点对称,且x>0时,f(x)=x2-2x+3,试求f(x)在R上的表达式,并画出它的图象,根据图象写出它的单调区间.
解:∵f(x)的图象关于原点对称,
∴f(-x)=-f(x),又当x>0时,f(x)=x2-2x+3,
∴当x<0时,f(x)=-x2-2x-3.
当x=0时,f(x)=0.
∴函数解析式为f(x)=
作出函数的图象如图.
根据图象可以得函数的增区间为(-∞,-1),(1,+∞);
函数的减区间为(-1,0),(0,1).
18.(本小题满分12分)
已知函数f(x)=log3(ax+b)的部分图象如右图所示.
(1)求f(x)的解析式与定义域;
(2)函数f(x)的图象能否由y=log3x的图象平移变换得到.
解:(1)由图可知(2,1)(5,2)是f(x)=log3(ax+b)上的两点,将其代入函数表达式可得?
∴f(x)的解析式为f(x)=log3(2x-1).
∵f(x)有意义需满足2x-1>0,∴x>.
∴f(x)的定义域为.
(2)∵f(x)=log3(2x-1)=log3
=log3+log32,
∴f(x)的图象是由y=log3x的图象向右平移个单位,再向上平移log32个单位得到的.
故可以由y=log3x的图象平移得到.
19.(本小题满分12分)已知函数f(x)=x(x2-ax-3).
(1)若f(x)在区间[1,+∞)上是增函数,求实数a的取值范围;
(2)若x=-是f(x)的极值点,求f(x)在区间[1,4]上的最大值.
解:(1)∵f(x)=x(x2-ax-3),∴f′(x)=3x2-2ax-3.
∵f(x)在[1,+∞)上是增函数,
∴在[1,+∞)上恒有f′(x)≥0,
即3x2-2ax-3≥0在[1,+∞)上恒成立.
得a≤在[1,+∞)上恒成立.
∵当x≥1时,≥(1-1)=0,
∴a≤0.
(2)依题意得f′=0,
即+a-3=0,得a=4,
故f(x)=x3-4x2-3x.
令f′(x)=3x2-8x-3=0,得x1=-,x2=3.
当x在[1,4]上变化时,f′(x)与f(x)的变化情况如下表:
x
1
(1,3)
3
(3,4)
4
f′(x)
-
0
+
f(x)
-6
-18
-12
所以f(x)在区间[1,4]上的最大值是f(1)=-6.
20.(本小题满分12分)经市场调查,某种商品在过去50天的销售量和价格均为销售时间t(天)的函数,且销售量近似地满足f(t)=-2t+200(1≤t≤50,t∈N).前30天价格为g(t)=t+30(1≤t≤30,t∈N),后20天价格为g(t)=45(31≤t≤50,t∈N).
(1)写出该种商品的日销售额S与时间t的函数关系;
(2)求日销售额S的最大值.
解:(1)根据题意,得
S=
=
(2)①∵当1≤t≤30,t∈N时,S=-(t-20)2+6 400,
∴当t=20时,S的最大值为6 400.
②当31≤t≤50,t∈N时,S=-90t+9 000为减函数,
∴当t=31时,S的最大值为6 210.
∵6 210<6 400,
∴当t=20时,日销售额S有最大值6 400.
21.已知函数f(x)=x3+x2-ax-a,x∈R,其中a>0.
(1)求函数f(x)的单调区间;
(2)若函数f(x)在区间(-2,0)内恰有两个零点,求a的取值范围;
解:(1)f′(x)=x2+(1-a)x-a=(x+1)(x-a).
由f′(x)=0,得x1=-1,x2=a>0.
当x变化时,f′(x),f(x)的变化情况如下表:
x
(-∞,-1)
-1
(-1,a)
a
(a,+∞)
f′(x)
+
0
-
0
+
f(x)
极大值
极小值
故函数f(x)的单调递增区间是(-∞,-1),(a,+∞);单调递减区间是(-1,a).
(2)由(1)知f(x)在区间(-2,-1)内单调递增,在区间(-1,0)内单调递减,从而函数f(x)在区间(-2,0)内恰有两个零点即解得00,
∴由f′(x)>0,得03.故函数f(x)的单调递增区间为(0,3),单调递减区间为(-∞,0),(3,+∞).
(2)由(1)易知函数f(x)在[0,3]上为增函数,在[3,4] 上为减函数.
∴函数f(x)在[0,4]上的最大值f(3)=,
又∵f(0)=-a<0,f(4)=11ae-4>0,
∴f(0)0,∴0
【点此下载】