2012届湖南二轮复习生物知能达标测评：1-7遗传的基本规律
1．(2011浙江金丽衢十二校联考)喷瓜有雄株、雌株和两性植株，其相应的基因型如下表所示。下列分析正确的是( )
性别类型
基因型
雄性植株
aDa＋、aDad
两性植株(雌雄同株)
a＋a＋、a＋ad
雌性植株
adad
A.该植物的性别由性染色体决定
B．aDa＋与aDad杂交后能产生雄株和两性植株
C．两性植株自交不可能产生雌株
D．雄株中不存在纯合子的原因是该物种缺乏aD雌配子
解析 D 该植物的性别由基因型决定。aDa＋与aDad均为雄株，不能杂交。两性植株a＋ad自交可产生雌株adad。
2．(2011安徽安庆模拟)已知豌豆红花对白花、高茎对矮茎、子粒饱满对子粒皱缩为显性，控制它们的三对基因自由组合。以纯合的红花高茎子粒皱缩与纯合的白花矮茎子粒饱满植株杂交，F2理论上( )
A．有12种表现型
B．高茎子粒饱满∶矮茎子粒皱缩为15∶1
C．红花子粒饱满∶红花子粒皱缩∶白花子粒饱满∶白花子粒皱缩为1∶1∶1∶1
D．红花高茎子粒饱满∶白花矮茎子粒皱缩为27∶1
解析 D 假设花色由A、a基因控制，高度由B、b基因控制，粒形由C、c基因控制，由题意知∶AABBcc×aabbCC→AaBbCcF2，利用先分后合法得到(Aa×Aa)(Bb×Bb)(Cc×Cc)。分析知，F2共有8种表现型，27种基因型，高茎子粒饱满∶矮茎子粒皱缩为9∶1，红花子粒饱满∶红花子粒皱缩∶白花子粒饱满∶白花子粒皱缩为9∶3∶3∶1，红花高茎子粒饱满∶白花矮茎子粒皱缩为(××)∶(××)＝27∶1。
3. (2011山东济南质检)豌豆花的颜色受两对基因P/p和Q/q控制，这两对基因遵循基因自由组合定律。假设每一对基因中至少有一个显性基因时，花的颜色为紫色，其他的基因型则为白色。依据下列杂交结果，P∶紫花×白花→F1∶3/8紫花、5/8白花，推测亲代的基因型可能是( )
A. PPQq×ppqq B. PPqq×Ppqq
C. PpQq×ppqq D. PpQq×Ppqq
解析 D 由题意知P_Q_为紫色。3/8可拆分为1/2×3/4，所以应为(Pp×pp)(Qq×Qq)或(Pp×Pp)(Qq×qq)，合起来就是PpQq×ppQq 或PpQq×Ppqq。
4. (2011福建厦门质检)某种昆虫长翅(A)对残翅(a)、直翅(B)对弯翅(b)、有刺刚毛(D)对无刺刚毛(d)显性，控制这三对性状的基因位于常染色体上。右图表示某一个体的基因组成，以下判断正确的是( )
A．控制长翅和残翅、直翅和弯翅的基因遗传时遵循基因自由组合定律
B．该个体的一个初级精母细胞所产生的精细胞基因型有4种
C．该个体细胞的有丝分裂后期，移向细胞同一极的基因为A、b、D或a、b、d
D．该个体与另一个体测交，后代基因型比例为1∶1∶1∶1
解析 D 一对同源染色体上的非等位基因不遵循基因自由组合定律。该个体的一个初级精母细胞所产生的4个精细胞基因型有2种 (AbD、AbD、abd、abd或Abd、Abd、abD、abD)。该个体细胞的有丝分裂后期，移向细胞同一极的基因为A、a、b、b、D、d。AabbDd×aabbdd→AabbDd∶Aabbdd∶aabbDd∶aabbdd＝1∶1∶1∶1。
5. (2011浙江五校联考)南瓜的扁盘形、圆形、长圆形三种瓜形由两对等位基因控制，这两对基因独立遗传。现将2株圆形南瓜植株进行杂交，F1收获的全是扁盘形南瓜；F1自交，F2获得137株扁盘形、89株圆形、15株长圆形南瓜。据此推断，F1测交子代的表现型比最可能是 ( )
A．1∶1∶1∶1 B．1∶2∶1
C．1∶1 D．3∶1
解析 B 设两对基因为A、a与B、b 。依题意，亲本应为AAbb ×aaBB，F1应为AaBb。F2中9A_B_∶3A_bb∶3aaB_∶1aabb, F1测交后代中1AaBb∶1Aabb∶1aaBb∶1aabb。137株扁盘形∶89株圆形∶15株长圆形≈9扁盘∶6圆∶1长圆，意即中间两项合并，对应F1测交后代中也应中间两项合并，所以性状比为1扁盘∶2圆∶1长圆。
6. (2011浙江五校联考)已知小麦抗病对感病为显性，无芒对有芒为显性，两对性状独立遗传。用纯合的抗病无芒与感病有芒杂交，F1自交，播种所有的F2，假定所有的F2植株都能成活，在F2植株开花前，拔掉所有的有芒植株，并对剩余植株套袋。假定剩余的每株F2收获的种子数量相等，且F3的表现型符合遗传定律。从理论上讲F3中表现有芒感病植株的比例为 ( )
A. 1/48 B. 1/16 C. 7/48 D. 3/16
解析 B 设两对基因为A、a(抗病、感病)与B、b(无芒、有芒)。拔掉所有的有芒植株不影响抗病、感病性状的遗传。依题意，AABB ×aabb→AaBb(1/4AA∶2/4Aa∶1/4aa)(1/4BB∶2/4Bb∶1/4bb) →拔掉所有的有芒植株→(1/4AA∶2/4Aa∶1/4aa)(1/3BB∶2/3Bb) 有芒感病：(1/4aa＋2/4×1/4aa)(2/3×1/4 bb)＝(3/8 aa)×(1/6 bb)＝3/48 aabb＝1/16 aabb。
7．(2011广州模拟)蝴蝶的体色， 黄色(C)对白色(c)为显性，而雌的不管是什么基因型都是白色的。棒型触角没有性别限制，雄和雌都可以有棒型触角(a)或正常类型(A)。据下面杂交实验结果推导亲本基因型是( )
亲本∶白色、正常(父本)×白色、棒型(母本)
雄子代∶都是黄、正常
雌子代∶都是白、正常
A．Ccaa(父)×CcAa(母) B．ccAa(父)×CcAa(母)
C．ccAA(父)×CCaa(母) D．CcAA(父)×Ccaa(母)
解析 C 根据题目条件，可以初步确定父本基因型为ccA_，母本基因型为__aa。然后根据后代无棒眼，确定父本的基因型为ccAA；雄性后代无白色，确定母本的基因型为CCaa。
8. 雄蜂是由卵细胞直接发育而来的单倍体，而雌蜂是由受精卵发育而来的二倍体。一雌蜂和一雄蜂交配产生F1，在F1雌雄个体交配产生的F2中，雄蜂的基因型共有AB、Ab、aB、ab 4种，雌蜂的基因型共有AaBb、Aabb、aaBb、aabb 4种，则亲本的基因型是( )
A．aabb×AB B．AaBb×Ab
C．Aabb×aB D．AABB×ab
解析 A 本题的解题方法有两种：一种是利用题干中的信息进行逆推，分析出亲本的基因型；另一种是从选项出发进行正推，找出符合要求的亲本的基因型。如第一种解法：F2中雄蜂的基因型共有AB、Ab、aB、ab 4种，由此可逆推出F1的雌蜂的基因型为AaBb。F2中，雌蜂的基因型共有AaBb、Aabb、aaBb、aabb 4种，可逆推出F1雄蜂的基因型为ab，再逆推出亲本雌蜂的基因型为aabb，已推知F1的雌蜂的基因型为AaBb，因此亲本雄蜂的基因型必为AB。综合可得aabb×AB。
9．(2011新课标全国理综，32改编)某植物红花和白花这对相对性状同时受多对基因控制(如A 、a ；B 、b ；C 、c ……)，当个体的基因型中每对基因中至少含有一个显性基因时(即A_B_C_……)才开红花，否则开白花。现有甲、乙、丙、丁4个纯合白花品系，相互之间进行杂交，杂交组合、后代表现型及其比例如下：
甲×乙 乙×丙 乙×丁
↓ ↓ ↓
F1白色 F1红色 F1红色
↓? ↓? ↓?
F2白色 F2红色81∶白色175 F2红色27∶白色37
甲×丙 甲×丁 丙×丁
↓ ↓ ↓
F1白色 F1红色 F1白色
↓? ↓? ↓?
F2白色 F2红色81∶白色175 F2白色
根据杂交结果判断，本实验中植物的花色至少受几对基因的控制( )
A．2 B．3 C．4 D．5
解析 C 本题考查基因自由组合定律，属于理解和应用层次的考查。n对非同源染色体上的非等位基因自由组合且完全显性时，F2代中显性个体的比例为(3/4)n，本实验中乙和丙、甲和丁组合F2代中红色个体所占比例81/(81＋175)＝81/256＝(3/4)4，可推出这两个杂交组合都至少涉及4对等位基因。
10．(2011福建厦门质检)以具有正常叶舌的纯合子水稻(基因型为AABB)的种子为材料，用一定剂量的紫外线辐射处理后种植，所有植株都具有正常叶舌。成熟后自交，其中甲、乙两株水稻(基因型不同)的自交后代出现性状分离，且正常叶舌和无叶舌的分离比都为3∶1。让甲、乙自交后代中的无叶舌植株杂交，所得后代表现型均为正常叶舌。请回答下列问题。
(1)甲、乙自交后代出现无叶舌性状的根本原因是________________________________________________________________________。
(2)甲、乙的基因型分别是__________，请用遗传图解简要说明甲自交后代出现性状分离比为3∶1的原因。
(3)甲、乙自交后代中的无叶舌植株杂交，得到的正常叶舌植株的基因型是__________，若让这些正常叶舌的植株自交，后代可能的表现型及比例是_____________。
解析 (1)此为诱变育种，原理是基因突变。(2)据后代性状分离比都为3∶1，可知甲、乙的基因型分别是AaBB、AABb(或AABb、AaBB)。遗传图解通常不写配子，基因型、表现型、符号、比例4项要素必须齐全。(3)甲、乙自交后代中的无叶舌植株杂交即aaBB ×AAbb(或AAbb ×aaBB)→AaBb。 AaBb 自交得9A_B_∶(3A_bb∶3aaB_∶1aabb)，所以正常叶舌∶无叶舌＝9∶7。
答案 (1)基因突变 (2)AaBB、AABb(或AABb、AaBB)
P AaBB
正常叶舌
,?
F1 A_ BB aaBB
正常叶舌 无叶舌
3 ∶ 1
或
P AABb
正常叶舌
,?
F1 AAB_ AAbb
正常叶舌 无叶舌
3 ∶ 1
(3)AaBb 正常叶舌∶无叶舌＝9∶7
11．(2011安徽合肥模拟)汉普夏猪是一种有名的瘦肉型猪品种。研究发现85.1%汉普夏猪属于酸肉基因(R)携带者(Rr)。酸肉基因可使肌肉中的糖原含量升高70%，导致糖原分解产生的乳酸较多，引起肌肉pH下降、酸度增加，显著影响猪肉品质。又知，猪的耳型和背型两种性状的表现型与基因型之间的关系如下表：
类别
耳型
背型
表现型
垂耳
半立耳
立耳
垂背
中垂背
直背
基因型
MM
Mm
mm
HH
Hh
hh
现有三种汉普夏猪品种：垂耳垂背酸肉(MMHHRr)、立耳垂背酸肉(mmHHRr)、立耳直背酸肉(mmhhRr)。
请选择合适的个体进行杂交育种，以选育出垂耳直背非酸肉的汉普夏猪新品种。(假设三对基因位于常染色体上，且独立遗传)
(1)欲选育出所需品种，应选择上述表现型分别为________________、________________的汉普夏猪作亲本进行杂交，先得F1。请写出该杂交实验图解。
(2)让F1中表现型为________________的雌、雄汉普夏猪个体进行交配，产生的F2中表现型为垂耳直背非酸肉的个体比例最高，占F2个体总数的比例为________。
(3)如不考虑F2中垂耳直背非酸肉的个体比例最高的要求，也可选用F1中表现型为____________的雌、雄汉普夏猪个体进行交配，这样产生的垂耳直背非酸肉个体占F2个体总数的比例为________。
解析 (1) 根据题意，要选育汉普夏猪新品种(垂耳直背非酸肉，MMhhrr)，可选用垂耳垂背酸肉(MMHHRr)和立耳直背酸肉(mmhhRr)作亲本，先得F1，再继续交配实验。注意杂交实验图解要规范，如基因型、表现型、符号、比例4项要素应齐全。(2)从F1中选出半立耳中垂背非酸肉的雌、雄汉普夏猪个体进行交配，产生的F2中表现型为垂耳直背非酸肉的个体比例最高，占F2个体总数的比例为1/4×1/4＝1/16。(3)选用F1中表现型为半立耳中垂背酸肉的雌、雄个体交配，其中有两种基因型，即1/3MmHhRR和2/3MmHhRr，只有基因型为MmHhRr的个体交配才能产生基因型为MMhhrr的新品种，故产生的垂耳直背非酸肉个体占F2个体总数的比例为2/3×2/3×1/4×1/4×1/4＝1/144。
答案 (1)垂耳垂背酸肉 立耳直背酸肉
P MMHHRr × mmhhRr
垂耳垂背酸肉 立耳直背酸肉
↓
F1 MmHhR_ MmHhrr
半立耳中垂背酸肉 半立耳中垂背非酸肉
3 ∶ 1
(2)半立耳中垂背非酸肉 1/16
(3)半立耳中垂背酸肉 1/144
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