第四章 第三节 平面向量的数量积及平面向量的应用
一、选择题
1.若向量a,b,c满足a∥b且a⊥c,
则c·(a+2b)=( )
A.4 B.3
C.2 D.0
2.若向量a=(1,2),b=(1,-1),则2a+b与a-b的夹角等于( )
A.- B.
C. D.
3.已知a=(1,2),b=(x,4)且a·b=10,则|a-b|=( )
A.- 10 B.10
C.- D.
4.若a,b,c均为单位向量,且a·b=0,(a-c)·(b-c)≤0,则|a+b-c|的最大值为( )
A.-1 B.1
C. D.2
5.已知a与b均为单位向量,其夹角为θ,有下列四个命题
p1:|a+b|>1?θ∈[0,) p2:|a+b|>1?θ∈(,π]
p3:|a-b|>1?θ∈[0,) p4:|a-b|>1?θ∈(,π]
其中的真命题是( )
A.p1,p4 B.p1,p3
C.p2,p3 D.p2,p4
6.已知|a|=2|b|≠0,且关于x的函数f(x)=x3+|a|x2+a·bx在R上有极值,则a与b的夹角范围为( )
A.(0,) B.(,π]
C.(,π] D.(,]
二、填空题
7.已知两个单位向量e1,e2的夹角为,若向量b1=e1-2e2,b2=3e1+4e2,则b1·b2=________.
8.已知a与b为两个不共线的单位向量,k为实数,若向量a+b与向量ka-b垂直,则k=________.
9.已知|a|=|b|=2,(a+2b)·(a-b)=-2,则a与b的夹角为____.
三、解答题
10.已知a、b、c是同一平面内的三个向量,其中a=(1,2).
(1)若|c|=2,且c∥a,求c的坐标;
(2)若|b|=,且a+2b与2a-b垂直,求a与b的夹角θ.
11.设a=(1+cos x,1+sin x),b=(1,0),c=(1,2).
(1)求证:(a-b)⊥(a-c);
(2)求|a|的最大值,并求此时x的值.
12.在△ABC中,角A、B、C的对边分别为a,b,c.若·=·=k(k∈R).
(1)判断△ABC的形状;
(2)若k=2,求b的值.
详解答案
一、选择题
1.解析:由a∥b及a⊥c,得b⊥c,
则c·(a+2b)=c·a+2c·b=0.
答案:D
2.解析:2a+b=(3,3),a-b=(0,3),则cos〈2a+b,a-b〉===,故夹角为.
答案:C
3.解析:因为a·b=10,所以x+8=10,x=2,所以a-b=(-1,-2),故|a-b|=.
答案:D
4.解析:由已知条件,向量a,b,c都是单位向量可以求出,a2=1,b2=1,c2=1,由a·b=0,及 (a-c)(b-c)≤0,可以知道,(a+b)·c≥c2=1,因为|a+b-c|2=a2+b2+c2+2a·b-2a·c-2b·c,
所以有|a+b-c|2=3-2(a·c+b·c)≤1,
故|a+b-c|≤1.
答案:B
5.解析:由|a+b|>1可得:a2+2a·b+b2>1,∵|a|=1,
|b|=1,∴a·b>-.故θ∈[0,).当θ∈[0,)时,a·b>-,|a+b|2=a2+2a·b+b2>1,即|a+b|>1;由|a-b|>1可得:a2-2a·b+b2>1,∵|a|=1,|b|=1,
∴a·b<.故θ∈(,π],反之也成立.
答案:A
6.解析:f(x)=x3+|a|x2+a·bx在R上有极值,即f′(x)=x2+|a|x+a·b=0有两个不同的实数解,
故Δ=|a|2-4a·b>0?cos〈a,b〉<,又〈a,b〉∈[0,π],
所以〈a,b〉∈(,π].
答案:C
二、填空题
7.解析:由题设知|e1|=|e2|=1,且e1·e2=,所以b1·b2=(e1-2e2)·(3e1+4e2)=3e-2e1·e2-8e=3-2×-8=-6
答案:-6
8.解析:∵a+b与ka-b垂直,
∴(a+b)·(ka-b)=0,
化简得(k-1)(a·b+1)=0,根据a、b向量不共线,且均为单位向量得a·b+1≠0,得k-1=0,即k=1.
答案:1
9.解析:由|a|=|b|=2,(a+2b)(a-b)=-2,得a·b=2,cos〈a,b〉===,所以〈a,b〉=60°.
答案:
三、解答题
10.解:(1)设c=(x,y),由c∥a和|c|=2可得
,∴或,
∴c=(2,4)或c=(-2,-4).
(2)∵(a+2b)⊥(2a-b),∴(a+2b)·(2a-b)=0,
即2a2+3a·b-2b2=0.
∴2|a|2+3a·b-2|b|2=0.
∴2×5+3a·b-2×=0,∴a·b=-.
∴cos θ===-1.
∵θ∈[0,π],∴θ=π.
11.解:(1)证明:a-b=(cos x,1+sin x),
a-c=(cos x,sin x-1),
(a-b)·(a-c)=(cos x,1+sin x)·(cos x,sin x-1)=cos2x+sin2x-1=0.
∴(a-b)⊥(a-c).
(2)|a|=
=
= ≤ =+1.
当sin(x+)=1,即x=+2kπ(k∈Z)时,|a|有最大值+1.
12.解:(1)∵·=cbcos A,·=bacos C,
∴bccos A=abcos C,
根据正弦定理,得sin Ccos A=sin Acos C,
即sin Acos C-cos Asin C=0,sin(A-C)=0,
∴∠A=∠C,即a=c.
则△ABC为等腰三角形.
(2)由(1)知a=c,由余弦定理,得
·=bccos A=bc·=.
·=k=2,即=2,解得b=2.
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