一、单项选择题(本大题共4小题，每小题6分，共24分，每小题只有一个选项符合题意) 1.把标有“220 V，100 W”的A灯和“220 V，200 W”的B灯串联起来，接入220 V的电路中，不计导线电阻，则下列判断中正确的是(　　) A.两灯的电阻之比RA∶RB＝1∶2 B.两灯的实际电压之比UA∶UB＝2∶1 C.两灯实际消耗的功率之比PA∶PB＝1∶2 D.在相同时间内，两灯实际发热之比QA∶QB＝1∶2 2.(易错题)如图所示，两个电阻的阻值均为100 Ω， A、B两端的电压保持12 V不变，现用一个内阻为1.45 kΩ 的电压表去测量某个电阻两端的电压，读数为(　　) A.6 V B.5.8 V C.5.2 V D.6.8 V 3.(2012·南昌模拟)在如图所示的电路中，灯泡L的电阻大于电源的内阻r，闭合电键S，将滑动变阻器滑片P向左移动一段距离后，下列结论正确的是(　　) A.灯泡L变亮ks5u.com B.电源的输出功率变大[高考资源网KS5U.COM] C.电容器C上的电荷量减少 D.电流表读数变小，电压表读数变大 4.(创新题)利用如图所示电路可以测出电压表的内阻.已知电源的内阻可以忽略不计，R为电阻箱.当R取不同阻值时，电压表对应不同读数U.多次改变电阻箱的阻值，所得到的-R图象应该是图中的哪一个(　　)
二、双项选择题(本大题共5小题，每小题8分，共40分，每小题有两个选项符合题意) 5.关于电阻的计算式R＝和决定式R＝ρ，下面说法正确的是(　　) A.导体的电阻与其两端电压成正比，与电流成反比 B.导体的电阻仅与导体的长度、横截面积和材料有关 C.导体的电阻随工作温度的变化而变化 D.对一段特定的导体来说，在恒温下比值是恒定的，导体电阻不随U或I的变化而变化 6.(预测题)如图所示，R1、R2为定值电阻，L为小灯泡，R3为光敏电阻，当照射光强度增大时(　　) A.电压表的示数减小 B.R2中电流减小 C.小灯泡的功率增大 D.电路的路端电压增大 7.某学生在研究串联电路电压特点时，接成如图所示电路，接通K后，他将高内阻的电压表并联在A、C两点间时，电压表读数为U；当并联在A、B两点间时，电压表读数也为U；当并联在B、C两点间时，电压表读数为零，则出现此种情况的原因可能是(R1、R2阻值相差不大)(　　) A.AB段断路 B.BC段断路[高考资源网] C.AB段短路 D.BC段短路 8.如图所示，一台电动机提着质量为m的物体，以速度v匀速上升.已知电动机线圈的电阻为R，电源电动势为E，通过电源的电流为I，当地重力加速度为g，忽略一切阻力及导线电阻，则(　　) A.电源内阻r＝－R B.电源内阻r＝－－R C.如果电动机转轴被卡住而停止转动，较短时间内电源消耗的功率将变大 D.如果电动机转轴被卡住而停止转动，较短时间内电源消耗的功率将变小 9.(2012·广州模拟)在如图所示的电路中电源电动势为E，内电阻为r，闭合开关S，待电流达到稳定后，电流表示数为I，电压表示数为U，电容器C所带电荷量为Q，将滑动变阻器R的滑动触头P从图示位置向a端移动一些，待电流达到稳定后，则与P移动前相比(　　) A.U变小　　B.I变小　　C.Q增大　　D.Q减小 三、实验题(6分) 10.(2012·梅州模拟)在“描绘小电珠的伏安特性曲线”实验中，所用器材有：小电珠(2.5 V,0.6 W)，滑动变阻器，电流表，学生电源，开关，导线若干. (1)利用小电珠的标称值可估算出小电珠正常工作时的电阻值约为　　Ω.(计算结果保留2位有效数字) (2)请根据实验原理图甲完成实物图乙中的连线.
(3)开关闭合前，应将滑动变阻器的滑片P置于　　　　端，为使小电珠亮度增加，P应由中点向　　　　端滑动. (4)下列图象能正确表示小电珠的伏安特性曲线的是　　　.
四、计算题(本大题共2小题，共30分，要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位) 11.(创新题)(14分)如图所示的电路中，开关闭合时，电路消耗的总功率为40 W，电阻R1为4 Ω，R2为6 Ω，电源内阻r为0.6 Ω，电源的效率为94%，求： (1)a、b两点间的电压； (2)电源的电动势. 12.(易错题)(16分)如图所示的电路中，电源电动势E＝6 V，其内阻可忽略不计.电阻的阻值分别为R1＝2.4 kΩ、R2＝4.8 kΩ，电容器的电容C＝4.7 μF.闭合开关S，待电流稳定后，用电压表测R1两端的电压，其稳定值为1.5 V.
(1)该电压表的内阻为多大？ (2)由于电压表的接入，电容器带的电荷量变化了多少？ 答案解析 1.【解析】选B.RA＝＝Ω RB＝＝Ω，则RA∶RB＝2∶1 因为A与B串联 所以UA∶UB＝RA∶RB＝2∶1， PA∶PB＝RA∶RB＝2∶1. 相同时间内，QA∶QB＝RA∶RB＝2∶1. 故只有B正确.[Ks5u.com] 2.【解题指南】解答本题应注意以下两点： (1)实际的电压表相当于一个电阻，应注意电压表测电阻时，相当于电路中并联一个电阻. (2)将电压表并联在被测电阻两端时，电阻的实际电压比原来值要小. 【解析】选B.电压表与电阻R的并联电阻为 R′＝
＝ Ω＝93.5 Ω 电压表的读数为 UV＝UAB＝V＝5.8 V，故B正确. 3.【解析】选D.当P向左移动时，电路中总电阻变大，总电流减小，故灯泡变暗，电源输出功率变小，电流表示数变小，电压表示数变大，电容器两端电压增大，电容器C上的电荷量增加，故D正确. 【变式备选】如图所示，电源的电动势和内阻分别为E、r，在滑动变阻器的滑动触头P由a向b移动的过程中，下列各物理量变化情况为(　　)
A.电流表的读数一直减小 B.R0的功率先增大后减小 C.电压表的读数先减小后增大 D.电源的总功率先减小后增大 【解析】选D.设想把电压表从电路中拆去，可看出电路的结构为滑动变阻器的左右两侧并联，再与R0串联，构成闭合回路.滑动变阻器两侧的电阻之和为定值，当滑动触头滑至中点时，整个回路的电阻最大，电流最小，电源的路端电压最大，所以电流表的读数先减小后增大，电压表的读数先增大后减小，A、C错误；R0是定值电阻，所以R0的功率先减小后增大，B错误；电源的总功率P＝EI，电源的电动势不变，所以电源的总功率先减小后增大，D正确. 4.【解析】选A.设电源电动势为E，电压表内阻为RV，电压表的读数为U，则由闭合电路的欧姆定律可得I＝
，则U＝E－IR＝E－
，由此可得R＝
－RV，＝
＋.由此判断A正确.[高考资源网] 5.【解析】选C、D.导体的电阻只由导体本身的性质决定，不能根据R＝而错误地认为R与U成正比，与I成反比.故A错误.根据R＝ρ知导体的电阻由ρ、L、S决定，但还与温度有关，故B错误，C正确.在恒温下，一段特定导体的电阻与U和I无关，是一个定值，故D正确. 6.【解析】选B、C.当光强度增大时，R3阻值减小，外电路电阻随R3的减小而减小，R1两端电压因干路电流增大而增大，同时内电压增大，故电路路端电压减小，而电压表的示数增大，A、D项均错误；由路端电压减小，而R1两端电压增大知，R2两端电压必减小，则R2中电流减小，故B项正确；结合干路电流增大知流过小灯泡的电流必增大，则小灯泡的功率增大，故C项正确. 7.【解析】选A、D.电路的故障可以由电压表示数判断.由于AB间的电压和AC间电压相同，BC间电压为零，故可确定可能是AB段断路或BC段短路，故A、D正确. 【总结提升】电路故障的分析方法 (1)断路故障的判断：用电压表与电源并联，若有电压时，说明电源正常；若将电压表与某段电路并联，示数不为零，而与其他各段电路并联时电压表示数为零，则这一段电路断路. (2)短路故障的判断：电流表有示数，而用电器不工作，则该支路短路；用电压表与该部分并联，若有电压时，未短路；若无电压，则该两点间可能短路或被短路. (3)分析电路故障的基本方法是假设法：如果电路发生某种故障，寻求故障发生在何处时，可将整个电路划分为若干部分；然后逐一假设某部分电路发生故障，运用电路规律进行正向推理，推理结果若与题干中所述物理现象不符合，则故障不是发生在这部分电路；若推理结果与题干中所述物理现象符合，则故障可能发生在这部分电路，直到找出发生故障的全部可能为止，亦称排除法. 8.【解析】选B、C.由于电动机是非纯电阻元件，欧姆定律不再适用，电动机的输入功率P1＝UI.热功率P2＝I2R，输出功率P3＝mgv，P1＝P2＋P3，可解得：U＝IR＋，又由闭合电路欧姆定律得：E＝U＋Ir，解得：r＝－－R，故A错B对；当电动机被卡住时，电动机变成纯电阻元件，I总＝，电流增大，故电源消耗的功率P增大，所以选项C对，D错. 9.【解析】选B、C.滑动触头向a端移动，则连入电路的电阻增大，由闭合电路欧姆定律可知，总电路中的电流为I＝，R增大，则总电流减小，B正确；滑动变阻器两端的电压U＝E－I(R2＋r)，I减小，所以U增大，A错误；电容器两端的电压实际上就是滑动变阻器两端的电压，故电容器极板上的电量Q＝CU，U增大，则Q增大，故C正确D错误. 10.【解析】由U额＝2.5 V，P额＝0.6 W，由R＝得R≈10 Ω；按照原理图连接实物图，注意滑动变阻器的连接方法和电流表的外接方式；实验开始时，应让小电珠的电压为零，故应让滑片P置于a端，电压增大时，应让滑片P向b端滑动；因金属灯丝的电阻随温度的升高而增大，故I-U图线的斜率应越来越小，故伏安特性曲线应为A.[高考资源网KS5U.COM] 答案：(1)10 (2)如图所示
(3)a　b　(4)A 11.【解析】(1)电源内部热功率P内＝I2r (3分) 又P内＝P总(1－η) (2分) 故I＝＝2 A (2分) 由于R1、R2并联，所以Uab＝I＝4.8 V (3分) (2)由P总＝IE得E＝＝20 V (4分) 答案：(1)4.8 V　(2)20 V 12.【解析】(1)设电压表内阻为RV UV(＋
)＝(E－UV) (4分) 解得RV＝4.8 kΩ. (2分) (2)电压表接入电路前，电容器上电压为 UC＝E＝4 V (2分) Q＝CUC＝1.88×10－5 C (2分) 电压表接入电路后，电容器上电压为 UC′＝4.5 V (2分) Q′＝CUC′＝2. 115×10－5 C (2分) 所以电容器上电荷量增加了 ΔQ＝Q′－Q＝2.35×10－6 C. (2分) 答案：(1)4.8 kΩ　(2)增加了2.35×10－6 C [高考资源网]

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